TYVJ P2065(区间嵌套与统计)
P2065 - 「Poetize10」封印一击
From lydliyudong Normal (OI)
总时限:10s 内存限制:128MB 代码长度限制:64KB
背景 Background
“圣主applepi于公元2011年9月创造了Nescafe,它在散发了16次光辉之后与公元2011年11月12日被封印为一颗魂珠,贮藏于Nescafe神塔之中。公元2012年9月,圣主带领四大易做图重启了Nescafe,如今已经是Nescafe之魂的第30次传播了。不久,它就要被第二次封印,而变成一座神杯……”applepi思索着Nescafe的历史,准备着第二次封印。 www.zzzyk.com
描述 Description
Nescafe由n种元素组成(编号为1~n),第i种元素有一个封印区间[ai,bi]。当封印力度E小于ai时,该元素将获得ai的封印能量;当封印力度E在ai到bi之间时,该元素将获得E的封印能量;而当封印力度E大于bi时,该元素将被破坏从而不能获得任何封印能量。现在圣主applepi想选择恰当的E,使得封印获得的总能量尽可能高。为了封印的最后一击尽量完美,就请你写个程序帮他计算一下吧!
输入格式 InputFormat
第一行一个整数N。
接下来N行每行两个整数ai、bi,第i+1行表示第i种元素的封印区间。
输出格式 OutputFormat
两个用空格隔开的整数,第一个数是能够获得最多总能量的封印力度E,第二个数是获得的总能量大小。当存在多个E能够获得最多总能量时,输出最小的E。
样例输入 SampleInput [复制数据]
2
5 10
20 25
样例输出 SampleOutput [复制数据]
10 30
数据范围和注释 Hint
对于 50% 的数据,1<=N<=1000,1<=ai<=bi<=10000。
对于 100% 的数据,1<=N<=10^5,1<=ai<=bi<=10^9。
时间限制 TimeLimitation
各个测试点1s
区间选取
用Past和In_s维护经过的左右结点,
并由此算出
嵌套数(左-右)
左边的区间数=右
右边的区间数=总-(左-右)-右=总-左
PS:由于是闭区间,需要把-右的时间后延
[cpp]
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<cctype>
#include<iostream>
#include<functional>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAXN (200000+10)
#define MAXAi (1000000000)
#define NDEBUG
struct segment_node
{
int l,type;
friend bool operator<(const segment_node a,const segment_node b){return (a.l!=b.l)?a.l<b.l:a.type<b.type; }
friend bool operator==(const segment_node a,const segment_node b){return (a.l==b.l&&a.type==b.type); }
friend bool operator!=(const segment_node a,const segment_node b){return (!(a==b)); }
}a[MAXN];
int n;
long long next[MAXN];
int main()
{
#ifndef NDEBUG
freopen("segmentbet.in","r",stdin);
#endif
memset(a,0,sizeof(a));
scanf("%d",&n);n<<=1;
for (int i=1;i<=n;i+=2)
{
scanf("%d%d",&a[i].l,&a[i+1].l);
a[i].type=-1;a[i+1].type=1;
}
sort(a+1,a+n+1);
int in_s=0,minE=0;
long long ans=0;
memset(next,0,sizeof(next));
for (int i=n-1;i>=1;i--)
{
next[i]=next[i+1];
if (a[i+1].type==-1)
next[i]+=a[i+1].l;
}
int j=1,past=0,pastE=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
{
if (a[i]!=a[i+1])
{
int len=i-j+1;
j=i+1;
len*=-a[i].type;
if (pastE!=a[i].l) {in_s+=past;past=0;}
if (len>0) in_s+=len;
else past+=len;
long long cost=(long long)(long long)in_s*(long long)a[i].l+next[i];
if (ans<cost)
{
ans=cost;
minE=a[i].l;
}
}
}
cout<<minE<<' '<<ans<<endl;
return 0;
}
补充:软件开发 , C++ ,